2013年乌鲁木齐地区高三年级第三次诊断性测验
文科数学试题参考答案及评分标准

2013乌鲁木齐三模文科数学试题答案及评分标准

见附件 文科数学试题参考答案及评分标准.doc

一、选择题（共12小题，每小题5分，共60分）
题 号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
选 项 D  A  D  C   B   D  B  C  C  C B  C
1．选D【解析】∵ ，∴ ， ．
2．选A【解析】依题意有 ， 即 ，∴ ．
3．选D【解析】依题意有 ，对任意 都成立，∴
 ，或 ，即 ，又 ，故 ．
4．选C【解析】实数 满足条件 ，作出其可行域，可知当且仅当 时， ．
5．选B【解析】将这 门考试分别记为 ，这 天分别记为 ，则不同的方案有
 ， ，
 ， ，
 ，共 种情形，这 门考试被安排在连续两天的方案有 ，  种情 形，∴ 门考试被安排在连续两天的概率为 ． 
6．选D【解析】由
∴ ．
7．选B【解析】对①，当 ， 不存在；对②任意的 ，存在唯一的 （ ）
 成立；对③，当 ， 不存在；对④，当 ， 不存在；
8．选C【解析】此几何体如图所示，
∴ ．
9．选C【解析】设 ，由此框图得
 ．由 ．
10．选C【解析】∵由 及正弦定理得 ，又 ，所以
 ，∴ ．
11．选B【解析】依题意 三点不可能在同一直线上，
∴ ，又由 得 ，于是 ，记 ．
则
可知   ，且
 ，无最大值，故 的取值范围为 ．
12．选C【解析】∵ ，由零点存在条件，可知在区间
 分别存在零点，记为 ，不妨设 ，可以得到 ，
又由 ， ，
故 ， ．
两式相减，得 ，
即 ，故 ，所以 ．
二、填空题（共4小题，每小题5分，共20分）
13．填 【解析】∵ ．
14．填 【解析】当 时， ；当 时，由 及 ，得 易知， ，∴ 是以 为首项，以 为公比的等比数列，故 ．
15．填 或 【解析】设 ，根据题意有 ，化简后得 或 （无解），解得 或 ，
∴点 的坐标为 或 ．
16．填 【解析】设此正方体的棱长为 ，则球 的直径为 ，半径为 ，与此正方体的表面及球 的球面都相切的最大的球的直径为 ，半径为 ，故所有与此正方体的表面及球 的球面都相切的最大的球的体积之和与球 的体积之比为 ．
三、解答题（共6小题，共70分）
17．（Ⅰ）当 时，∵ ，∴
 关于 对称，又 ，
∴ ，∴
∵ ，∴ ，
∴ ；      …6分
（Ⅱ）∵ ，∴
 关于 对称，又 ，
∴ ，∴
∵ ，∴ 
即 ，故 ．                       …12分
18．（Ⅰ）由 为菱形， ，知 为正三角形．
∵ 是 的中点，∴ ， ∥ ，则 ．
又 ， ，∴ 平面 ，
∴ ；                          …6分
（Ⅱ）∵ 是 的中点，设 是 的中点，
则 ∥ ，故 底面 ，
 ，
∴ ．                       …12分
19．（Ⅰ）设第 组的频率为 ，则由频率分布直方图知
 
∴这个人的分数在 之间的概率约是 ；                  …4分
（Ⅱ）从这 名学生的平均分数为
 ；            …8分
（Ⅲ）从第一组到第四组，频率为 ，而
将第五组 ，按以下比例分割：
∴中位数为 ，∴应将分数线定为 分．               …12分
20．（Ⅰ）由 得  不妨设 ，左焦点为 ．
 ，由直线 过左焦点 ，且倾斜角为 ，可得 ，
所求椭圆 的方程为 ；                                 …5分
（Ⅱ）设 ， ．
（ⅰ）当 时，有 轴，此时 ， ，
 ，又 ，∴ ，
 ，∴ ，于是 ．
∴ ，故  ．
（ⅱ）当 时，设直线 的斜率为 ，则直线 的方程为 ，即 ，记 ，直线 的方程为 ，
点 、 满足 ．
∴ ， ．
∴ ，
 ．
①若 ， 中有一个不存在时，不妨设 不存在，即 轴，此时 ．
∵ ，∴ ， ， 共线，可知 ，∴ ∥ 轴，故  ．
②若 ， 都存在．
   ，将 及 ，代入此式，化简后得 ，故  ．
综上所述，  ．                                                    …12分
20．（Ⅰ） ．
（1）当 时， ．所以 在 单调递增，在 单调递减． 
当 ， ．
（2）当 时，令 ，得 ， ， 与 的情况如下：
 
 
 
 
 
 

 
↘ 
↗ 
↘

故 的单调减区间是 ， ；单调增区间是 ． 
（3）当 时， 与 的情况如下：
 
 
 
 
 
 

 
↗ 
↘ 
↗
        
 

所以 的单调增区间是 ， ；单调减区间是 ．
（Ⅱ）（1）当 时，由（Ⅰ）可知， 在 单调递增不存在最大值，
∴不合题意．
（2）当 时，由（Ⅰ）可知， 在 单调递增，在 单调递减，所以  在 上存在最大值 ．下面研究最小值：
∵ 在 单调递增，∴ 在 存在最小值 ；∵ 在  单调递减，∴ 在 不存在最小值。所以，要使 在 上存在最小值，只可能是 ．
计算整理 ．
要使 在 上存在最小值，需且只需  ， ．
∵ ，则问题转化为  ， 恒成立．
设 ，则需且只需 ，或 ．
可得：  ．
（3）当 时，由（Ⅰ）可知， 在 单调递减，在 单调递增，所以 在 上存在最小值 ．下面研究最大值．
∵ 在 单调递减，∴ 在 存在最大值 ；∵ 在 单调递增，∴ 在 不存在最大值。所以，要使 在 上存在最大值，只可能是 ．
计算整理 ．
要使 在 上存在最大值，需且只需  ， ．
∵ ，则问题转化为  ， 恒成立．
设 ，则需且只需 ，或 ．可得：  ．
综上， 的取值范围是 ．                                    …12分

22．（本小题满分10分）选修4－1：几何证明选讲
（Ⅰ）设 ，则 ，由切割线定理 ，
即 ， ，∴ ，
在 中， ，故
而 ，即 ，
∴ ，即 ；                                            …5分
（Ⅱ）设 交 于 ，在 中，∵ ∥ ，∴
又 ，∴ ，∴
∵ ，∴ ∽ ，
∵ ，∴ ．                                       …10分

23．（本小题满分10分）选修4－4：坐标系与参数方程
（Ⅰ）由 （ 为参数）及 得 ，消去 ，得 ，即为曲线 的普通方程；                                           …5分
（Ⅱ）以直角坐标系 的原点为极点， 轴的非负半轴为极轴建立极坐标系，曲线 的极坐标方程为 ，即 ，
不妨设 ，代入 的极坐标方程，有
 ， ，
设点 到直线 的距离为 ，则 
  （定值）．      …10分
24．（本小题满分10分）选修4－5：不等式选讲
（Ⅰ） ；         …5分
（Ⅱ）由 ，
（ⅰ）若 ，∵ ，有 ，不等式恒成立，此时不等式的解集为 ；
（ⅱ）若 ，不等式等价于
 或 或
解得 ，或 ．
综上，当 时，解集为 ；当 时，解集为 ．…10分

以上各题的其它解法，限于篇幅从略，请相应评分．